数学大师
文章泉源:高中数学
等差数列是稀有数列的一种,可以用AP表现,假如一个数列从第二项起,每一项与它的前一项的差即是同一个常数,这个数列就叫做等差数列,而这个常数叫做等差数列的公差,公差常用字母d表现。
有一类数列,既不是等差数列,也不是等比数列,若将这类数列得当拆开,可分为几个等差、等比或稀有的数列,然后分散求和,再将其兼并即可.
实用于分式情势的通项公式,把一项拆成两个或多个的差的情势,即an=f(n+1)-f(n),然后累加时抵消正中的很多项。
【小结】此类变形的特点是将原数列每一项拆为两项之后,此中正中的大局部项都互相抵消了。只剩下仅限的几项。
注意:余下的项具有如下的特点1、余下的项前后的地点前后是对称的。2、余下的项前后的正负性是相反的。
寻常地,证实一个与正整数n有关的命题,有如下步调:(1)证实当n取第一个值时命题建立;(2)假定当n=k(k≥n的第一个值,k为天然数)时命题建立,证实当n=k+1时命题也建立。
【例】求证:1×2×3×4 + 2×3×4×5 + 3×4×5×6 + .…… + n(n+1)(n+2)(n+3) = [n(n+1)(n+2)(n+3)(n+4)]/5
证实:当n=1时,有:1×2×3×4 = 24 = 2×3×4×5/5
假定命题在n=k时建立,
于是:1×2x3×4 + 2×3×4×5 + 3×4×5×6 + .…… + k(k+1)(k+2)(k+3) = [k(k+1)(k+2)(k+3)(k+4)]/5
则当n=k+1时有:
1×2×3×4 + 2×3×4×5 + 3×4×5×6 + …… + (k+1)(k+2)(k+3)(k+4)
= 1×2×3×4 + 2×3×4*5 + 3×4×5×6 + …… + k(k+1)(k+2)(k+3) + (k+1)(k+2)(k+3)(k+4)
= [k(k+1)(k+2)(k+3)(k+4)]/5 + (k+1)(k+2)(k+3)(k+4)
= (k+1)(k+2)(k+3)(k+4)*(k/5 +1)
= [(k+1)(k+2)(k+3)(k+4)(k+5)]/5
即n=k+1时原等式仍旧建立,总结得证
(常接纳先尝试后求和的办法)【例】1-2+3-4+5-6+……+(2n-1)-2n
办法一:(并项)求出奇数项和偶数项的和,再相减。
办法二:(1-2)+(3-4)+(5-6)+……+[(2n-1)-2n]
办法三:布局新的数列,可借用等差数列与等比数列的复合。an=n(-1)^(n+1)
等差数列的推断
(1)a(n+1)--a(n)=d (d为常数、n ∈N*)[或a(n)--a(n-1)=d,n ∈N*,n ≥2,d是常数]等价于{a(n)}成等差数列。
(2)2a(n+1)=a(n)+a(n+2) [n∈N*] 等价于{a(n)}成等差数列。
(3)a(n)=kn+b [k、b为常数,n∈N*] 等价于{a(n)}成等差数列。
(4)S(n)=A(n)^2 +B(n) [A、B为常数,A不为0,n ∈N* ]等价于{a(n)}为等差数列。
特别实质
在有穷等差数列中,与首末两项距离相称的两项和相称。并且即是首末两项之和;特别的,若项数为奇数,还即是正中项的2倍,即,a(1)+a(n)=a(2)+a(n-1)=a(3)+a(n-2)=···=2*a中
【例】数列:1,3,5,7,9,11中
a(1)+a(6)=12 ;
a(2)+a(5)=12 ;
a(3)+a(4)=12 ;
即,在有穷等差数列中,与首末两项距离相称的两项和相称。并且即是首末两项之和。
数列:1,3,5,7,9中
a(1)+a(5)=10 ;
a(2)+a(4)=10 ;
a(3)=5=[a(1)+a(5)]/2=[a(2)+a(4)]/2=10/2=5 ;
即,若项数为奇数,和即是正中项的2倍,另见,等差中项。
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